题意：n条鱼在河里，每次花k的时间抓一条，每次只能在锅里煮一条，时间是ti，把鱼丢进锅里是瞬间的，抓鱼必须是连续k的时间，鱼在煮的时候可以去抓鱼，求煮完的最短花费时间
又是一个用优先队列反悔的贪心。。。而我又不会自己写qwq
这种贪心一般就是套路，先一直选决策A，再把决策B的情况丢进优先队列，不能进行决策A的时候就从优先队列取最优的反悔
在这里，从抓到第一条鱼把第一条鱼丢进去开始有两种决策：
A：先抓鱼抓到剩余不到k的时间，然后等待鱼煮完
B：抓鱼抓到鱼煮完
我们先选A决策，当A决策碰到没有鱼的情况时，选择B决策里“浪费”时间最少的那个转换，也就是（k-ti%k）最小
还有一点是最开始按ti从大到小排序，因为AB都有一段抓ti/k条鱼的共同时间，能留下的鱼当然是越多越不可能让锅空下来浪费时间
贴一个看到的短得惊为天人的代码。。。
1 #include <bits/stdc++.h> 2 #define INF 0x3f3f3f3f 3 #define debug(x) cout << #x << " = " << x << endl; 4 using namespace std; 5 typedef long long LL; 6 7 const int mx = 1e5+7; 8 int a[mx]; 9 priority_queue<int> q; 10 11 int main(){ 12 int t, n, k; 13 scanf("%d", &t); 14 while (t--){ 15 while (!q.empty()) q.pop(); 16 scanf("%d%d", &n, &k); 17 for (int i = 1; i <= n; i++) scanf("%d", &a[i]); 18 sort(a+1, a+n+1, greater<int>()); 19 LL ans = k, num = 1; 20 for (int i = 1; i <= n; i++){ 21 ans += a[i]; 22 num += a[i] / k; 23 q.push(a[i] % k); 24 if (num < i){ 25 ans += k-q.top(); 26 q.pop(); 27 } 28 } 29 printf("%lld\n", ans); 30 } 31 return 0; 32 }